En raison de limitations techniques, la typographie souhaitable du titre, «
Exercice : Suites d'intégrales 1Intégration en mathématiques/Exercices/Suites d'intégrales 1 », n'a pu être restituée correctement ci-dessus.
On pose :
I
n
=
∫
0
1
t
n
sin
π
t
d
t
(
n
∈
N
∗
)
{\displaystyle I_{n}=\int _{0}^{1}t^{n}\sin \pi t\,\mathrm {d} t\qquad (n\in \mathbb {N} ^{*})}
.
1° Démontrer que :
∀
n
0
<
I
n
<
∫
0
1
t
n
d
t
{\displaystyle \forall n\qquad 0<I_{n}<\int _{0}^{1}t^{n}\,\mathrm {d} t}
.
2° Démontrer que :
lim
n
→
∞
∫
0
1
t
n
d
t
=
0
{\displaystyle \lim _{n\to \infty }\int _{0}^{1}t^{n}\ \mathrm {d} t=0}
.
3° En déduire que :
lim
n
→
∞
I
n
=
0
{\displaystyle \lim _{n\to \infty }I_{n}=0}
.
Pour tout entier naturel
n
{\displaystyle n}
et tout réel
t
∈
]
−
π
2
,
π
2
[
{\displaystyle t\in \left]-{\frac {\pi }{2}},{\frac {\pi }{2}}\right[}
, on pose :
I
n
(
t
)
=
∫
0
t
d
x
cos
2
n
+
1
x
{\displaystyle I_{n}(t)=\int _{0}^{t}{\frac {\mathrm {d} x}{\cos ^{2n+1}x}}}
.
1° Prouver qu'il existe des réels
a
{\displaystyle a}
et
b
{\displaystyle b}
tels que, pour tout
x
{\displaystyle x}
de
]
−
π
2
,
π
2
[
{\displaystyle \left]-{\frac {\pi }{2}},{\frac {\pi }{2}}\right[}
:
1
cos
x
=
(
a
1
−
sin
x
+
b
1
+
sin
x
)
cos
x
{\displaystyle {\frac {1}{\cos x}}=\left({\frac {a}{1-\sin x}}+{\frac {b}{1+\sin x}}\right)\cos x}
.
En déduire le calcul de
I
0
(
t
)
{\displaystyle I_{0}(t)}
.
2° Démontrer que :
2
n
I
n
(
t
)
=
(
2
n
−
1
)
I
n
−
1
(
t
)
+
sin
t
cos
2
n
t
{\displaystyle 2nI_{n}(t)=(2n-1)I_{n-1}(t)+{\frac {\sin t}{\cos ^{2n}t}}}
.
3° En déduire
I
1
(
t
)
{\displaystyle I_{1}(t)}
,
I
2
(
t
)
{\displaystyle I_{2}(t)}
et
I
2
(
π
4
)
{\displaystyle I_{2}\left({\frac {\pi }{4}}\right)}
.
Solution
1°
1
cos
2
=
a
(
1
+
sin
)
+
b
(
1
−
sin
)
1
−
sin
2
⇔
a
=
b
=
1
2
{\displaystyle {\frac {1}{\cos ^{2}}}={\frac {a\left(1+\sin \right)+b\left(1-\sin \right)}{1-\sin ^{2}}}\Leftrightarrow a=b={\frac {1}{2}}}
, donc
I
0
(
t
)
=
∫
0
t
1
cos
=
1
2
[
ln
1
+
s
1
−
s
]
0
sin
t
=
1
2
ln
1
+
sin
t
1
−
sin
t
=
1
2
ln
(
1
+
sin
t
)
2
cos
2
t
=
ln
1
+
sin
t
cos
t
.
{\displaystyle {\begin{aligned}I_{0}(t)&=\int _{0}^{t}{\frac {1}{\cos }}={\frac {1}{2}}\left[\ln {\frac {1+s}{1-s}}\right]_{0}^{\sin t}\\&={\frac {1}{2}}\ln {\frac {1+\sin t}{1-\sin t}}={\frac {1}{2}}\ln {\frac {(1+\sin t)^{2}}{\cos ^{2}t}}=\ln {\frac {1+\sin t}{\cos t}}.\end{aligned}}}
Voir aussi Changement de variable en calcul intégral/Exercices/Changement de variable facile#Exercice 2-10 .
2°
I
n
(
t
)
=
∫
0
t
tan
′
cos
2
n
−
1
=
[
tan
cos
2
n
−
1
]
0
t
−
(
2
n
−
1
)
∫
0
t
tan
×
sin
cos
2
n
=
sin
t
cos
2
n
t
−
(
2
n
−
1
)
∫
0
t
sin
2
cos
2
n
+
1
=
sin
t
cos
2
n
t
−
(
2
n
−
1
)
(
I
n
(
t
)
−
I
n
−
1
(
t
)
)
,
{\displaystyle {\begin{aligned}I_{n}(t)&=\int _{0}^{t}{\frac {\tan '}{\cos ^{2n-1}}}=\left[{\frac {\tan }{\cos ^{2n-1}}}\right]_{0}^{t}-(2n-1)\int _{0}^{t}{\frac {\tan \times \sin }{\cos ^{2n}}}\\&={\frac {\sin t}{\cos ^{2n}t}}-(2n-1)\int _{0}^{t}{\frac {\sin ^{2}}{\cos ^{2n+1}}}\\&={\frac {\sin t}{\cos ^{2n}t}}-(2n-1)\left(I_{n}(t)-I_{n-1}(t)\right),\end{aligned}}}
d'où la formule de récurrence annoncée.
3°
I
1
(
t
)
=
1
2
(
I
0
(
t
)
+
sin
t
cos
2
t
)
=
1
2
(
sin
t
cos
2
t
+
ln
1
+
sin
t
cos
t
)
{\displaystyle I_{1}(t)={\frac {1}{2}}\left(I_{0}(t)+{\frac {\sin t}{\cos ^{2}t}}\right)={\frac {1}{2}}\left({\frac {\sin t}{\cos ^{2}t}}+\ln {\frac {1+\sin t}{\cos t}}\right)}
.
I
2
(
t
)
=
1
4
(
3
I
1
(
t
)
+
sin
t
cos
4
t
)
=
sin
t
4
cos
4
t
+
3
sin
t
8
cos
2
t
+
3
8
ln
1
+
sin
t
cos
t
{\displaystyle I_{2}(t)={\frac {1}{4}}\left(3I_{1}(t)+{\frac {\sin t}{\cos ^{4}t}}\right)={\frac {\sin t}{4\cos ^{4}t}}+{\frac {3\sin t}{8\cos ^{2}t}}+{\frac {3}{8}}\ln {\frac {1+\sin t}{\cos t}}}
.
I
2
(
π
4
)
=
2
2
+
3
2
8
+
3
8
ln
(
2
+
1
)
=
7
2
+
3
ln
(
2
+
1
)
8
{\displaystyle I_{2}\left({\frac {\pi }{4}}\right)={\frac {\sqrt {2}}{2}}+{\frac {3{\sqrt {2}}}{8}}+{\frac {3}{8}}\ln \left({\sqrt {2}}+1\right)={\frac {7{\sqrt {2}}+3\ln \left({\sqrt {2}}+1\right)}{8}}}
.
On considère la fonction
f
{\displaystyle f}
définie, pour
x
{\displaystyle x}
réel positif, par :
f
(
x
)
=
x
[
x
−
E
(
x
)
]
{\displaystyle f(x)=x[x-E(x)]}
,
où
E
{\displaystyle E}
désigne la fonction partie entière .
1° Dans le plan rapporté à un repère orthonormal, construire le graphique de
f
{\displaystyle f}
pour
x
{\displaystyle x}
élément de
[
0
,
3
[
{\displaystyle \left[0,3\right[}
.
2° Soit
k
{\displaystyle k}
un entier naturel. Donner l'expression de
f
(
x
)
{\displaystyle f(x)}
pour
x
{\displaystyle x}
élément de
[
k
,
k
+
1
[
{\displaystyle \left[k,k+1\right[}
, puis calculer
u
k
:=
∫
k
k
+
1
f
{\displaystyle u_{k}:=\int _{k}^{k+1}f}
.
En déduire que
(
u
n
)
{\displaystyle (u_{n})}
est une suite arithmétique , dont on donnera la raison et le premier terme.
3° Pour
n
∈
N
{\displaystyle n\in \mathbb {N} }
, calculer
∫
0
n
f
{\displaystyle \int _{0}^{n}f}
.
Soit
I
n
=
∫
0
π
/
4
tan
n
x
d
x
{\displaystyle I_{n}=\int _{0}^{\pi /4}\tan ^{n}x\,\mathrm {d} x}
pour
n
∈
N
{\displaystyle n\in \mathbb {N} }
.
Calculer
I
0
{\displaystyle I_{0}}
et
I
1
{\displaystyle I_{1}}
.
Trouver une relation de récurrence entre
I
n
{\displaystyle I_{n}}
et
I
n
−
2
{\displaystyle I_{n-2}}
pour
n
≥
2
{\displaystyle n\geq 2}
.
En déduire
I
2
p
{\displaystyle I_{2p}}
et
I
2
p
+
1
{\displaystyle I_{2p+1}}
pour
p
∈
N
{\displaystyle p\in \mathbb {N} }
.
Solution
I
0
=
π
/
4
{\displaystyle I_{0}=\pi /4}
,
I
1
=
∫
0
π
/
4
R
(
sin
x
,
cos
x
)
d
x
{\displaystyle I_{1}=\int _{0}^{\pi /4}R(\sin x,\cos x)\,\mathrm {d} x}
avec
R
(
u
,
v
)
=
u
v
{\displaystyle R(u,v)={u \over v}}
, vérifiant à la fois
R
(
−
u
,
v
)
=
−
R
(
u
,
v
)
{\displaystyle R(-u,v)=-R(u,v)}
,
R
(
u
,
−
v
)
=
−
R
(
u
,
v
)
{\displaystyle R(u,-v)=-R(u,v)}
et (donc)
R
(
−
u
,
−
v
)
{\displaystyle R(-u,-v)}
. On a donc le choix de prendre comme nouvelle variable
cos
x
{\displaystyle \cos x}
,
sin
x
{\displaystyle \sin x}
ou
tan
x
{\displaystyle \tan x}
(ou
cot
x
{\displaystyle \cot x}
). Le plus simple semble
v
=
cos
x
{\displaystyle v=\cos x}
: ainsi,
d
v
=
−
sin
x
d
x
{\displaystyle \mathrm {d} v=-\sin x\,\mathrm {d} x}
donc
I
1
=
∫
1
1
/
2
−
d
v
v
=
ln
(
2
)
=
ln
2
2
{\displaystyle I_{1}=\int _{1}^{1/{\sqrt {2}}}{-\mathrm {d} v \over v}=\ln({\sqrt {2}})={\ln 2 \over 2}}
.
I
n
+
I
n
−
2
=
∫
0
π
/
4
tan
n
−
2
x
(
1
+
tan
2
x
)
d
x
=
∫
0
1
y
n
−
2
d
y
=
1
n
−
1
{\displaystyle I_{n}+I_{n-2}=\int _{0}^{\pi /4}\tan ^{n-2}x\left(1+\tan ^{2}x\right)\,\mathrm {d} x=\int _{0}^{1}y^{n-2}\,\mathrm {d} y={1 \over n-1}}
.
I
2
p
=
(
−
1
)
p
(
π
4
−
∑
k
=
0
p
−
1
(
−
1
)
k
2
k
+
1
)
{\displaystyle I_{2p}=(-1)^{p}\left({\pi \over 4}-\sum _{k=0}^{p-1}{(-1)^{k} \over 2k+1}\right)}
,
I
2
p
+
1
=
(
−
1
)
p
(
ln
2
2
−
∑
k
=
1
p
(
−
1
)
k
2
k
)
{\displaystyle I_{2p+1}=(-1)^{p}\left({\ln 2 \over 2}-\sum _{k=1}^{p}{(-1)^{k} \over 2k}\right)}
.